/*
    一個無向圖，n<=3000 , m <= 20000 
    有k個限制，表示a->b->c不能走， k<= 10^5
    求1到n的最短路，不能走過有限制的地方

    我猜是bfs，但是不會做，我的思維局限在狀態(tài)是在頂點上，這樣是不夠記錄的
    如a->b->a，兩個a的狀態(tài)值是不同的

    看了watashi的，DIY群上有人說是以邊為狀態(tài)
    
    dp[pre][now]表示從1到pre->now這條邊經(jīng)過的花費
    枚舉now的非限制的鄰接邊擴展
    對于判重問題通過去掉邊來做
    it = E[u].erase(it)
    這樣下次就不會走了   神奇丫！！！！！！！！！！！！

    存限制時是用map<pair<int,int>,set<int> > mp
    這樣存(a,b,c)比起弄兩個pair好多了！！！
    
*/
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<map>
#include<algorithm>
#include<stack>
#include<queue>
#include<cmath>
#include<string>
#include<cstdlib>
#include<vector>
#include<cstdio>
#include<list>
#include<set>

using namespace std;

const int MAXN = 10086;
const int INF = 1000000000;

list<short> E[3001];
map<pair<short,short> , set<short> > mp;//(a,b,c)
int dp[3001][3001] ;
short pre[3001][3001];

void print(int last , int now){
    if(last == -1)return;
    print(pre[last][now] , last);
    printf("%d ",last);
}

int main()
{
    for(int n , m, k;~scanf("%d%d%d",&n,&m,&k);){
        for(int i = 1 ; i <= n; i ++){
            E[i].clear();
        }
        int a,b,c;
        for(int i = 0 ; i < m ; i++){
            scanf("%d%d",&a,&b);
            E[a].push_back(b);
            E[b].push_back(a);
        }
        mp.clear();
        for(int i = 0 ; i < k ; i++){
            scanf("%d%d%d",&a,&b,&c);
            mp[make_pair(a,b)].insert(c);
        }

        fill(dp[1],dp[n+1],INF);

        queue<pair<short,short> > Q;
        for(list<short>::iterator it = E[1].begin() ; it != E[1].end() ; it++){
            dp[1][*it] = 1;
            pre[1][*it] = -1;
            Q.push(make_pair(1,*it));
        }
        E[1].clear();
        while(!Q.empty()){
            pair<short,short> p = Q.front();
            Q.pop();
            a = p.first;
            b = p.second;
            set<short> &iset = mp[p];
            for(list<short>::iterator it = E[b].begin() ; it != E[b].end();){
                if(iset.count(*it) > 0){
                    it++;
                }
                else{
                    dp[b][*it] = dp[a][b] + 1;
                    pre[b][*it] = a;
                    Q.push(make_pair(b,*it));
                    it = E[b].erase(it);//處理判重！！
                }
            }
        }
        
        int ans = INF , ansPre;
        for(int i = 1 ; i < n ; i++){
            if(dp[i][n] < ans){
                ans = dp[i][n];
                ansPre = i;
            }
        }

        if(ans == INF)puts("-1");
        else{
            printf("%d\n",ans);
            print(ansPre,n);
            printf("%d\n",n);
        }
    }
    return 0;
}