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            //解釋轉的~~~~~~
            『題目大意』
            一次比賽中,共M道題,T個隊,p[i][j]表示隊i解出題j的概率;問每隊至少解出一題且

            冠軍隊至少解出N道題的概率。

            『算法』
            設a[i][j][k]表示第i隊在前j道題中共解出k道題的概率,易得a[i][j][k]有如下遞推
            關系(另需考慮邊界條件):

            a[i][j][k] = a[i][j-1][k-1] * p[i][j] + a[i][j-1][k] * (1-p[i][j])

            設s[i][j]表示a[i][M][0] + a[i][M][1] + ... + a[i][M][j]

            問題的解可以轉化為:每隊均至少做一題的概率(用P1表示)減去每隊做題數(shù)均在1到N-1

            之間的概率(用P2表示)。

            P1 = (s[1][M] - s[1][0])*(s[2][M]-s[2][0])*...*(s[T][M]-s[T][0])
            P2 = (s[1][N-1] - s[1][0])*(s[2][N-1]-s[2][0])*...*(s[T][N-1]-s[T][0])

            『算法復雜度』
            O(T*M^2)

            『說明』
            感謝UESTC的zhucheng在poj的提示!

            #include<iostream>
            using namespace std;
            #define MM 30
            #define MT 1000

            double p[MT+1][MM+1];
            double d[MT+1][MM+1][MM+1];
            double MTO[MT+1]; //每隊至少做出一題的概率
            double LTN[MT+1];//少于N道,亦即1N-1

            int main()
            {
                
            int i,j,k;
                
            int M,T,N;
                
            double tmp1,tmp2;
                
            while(scanf("%d%d%d",&M,&T,&N)!=EOF && M)
                
            {
                    memset(MTO,
            0,sizeof(MTO));
                    memset(LTN,
            0,sizeof(LTN));
                    
            for(i=1;i<=T;i++)
                        
            for(j=1;j<=M;j++)
                            scanf(
            "%lf",&p[i][j]);
                    
            for(i=1;i<=T;i++)
                    
            {
                        d[i][
            0][0]=1;
                        
            for(j=1;j<=M;j++)
                        
            {
                            d[i][j][
            0= d[i][j-1][0]*(1-p[i][j]);
                            
            for(k=1;k<=M;k++)
                                d[i][j][k]
            =p[i][j]*d[i][j-1][k-1]+(1-p[i][j])*d[i][j-1][k];
                        }

                    }

                    tmp1
            =tmp2=1.0;
                    
            for(i=1;i<=T;tmp1*=MTO[i],i++)
                        
            for(k=1;k<=M;k++)
                            MTO[i]
            +=d[i][M][k];
                    
            for(i=1;i<=T;tmp2*=LTN[i],i++)
                        
            for(k=1;k<N;k++)
                            LTN[i]
            +=d[i][M][k];
                    printf(
            "%.3lf\n",tmp1-tmp2);
                }


                
            return 0;
            }

            附上discuss上一組數(shù)據(jù):
            10 20 10
            0.1 0.9 0.8 1 0.9 0.8 1 0.9 0.8 0.2
            1 0.9 0.8 1 0.9 0.8 1 0.9 0.8 0.8
            0.9 0.9 0.9 0.9 0.9 0.9 0.9 0.9 0.9 0.7
            0.2 0.23 0.56 0.2 0.23 0.56 0.2 0.23 0.56 0.88
            0.56 0.2 0.23 0.56 0.88 0.56 0.2 0.23 0.56 0.88
            0.37 0.99 0.12 0.82 0.47 0.37 0.99 0.12 0.82 0.47
            0.82 0.47 0.37 0.99 0.12 0.82 0.47 0.37 0.99 0.12
            0.37 0.99 0.12 0.82 0.472 0.373 0.99 0.12 0.82 0.47
            0.472 0.373 0.99 0.12 0.82 0.472 0.373 0.99 0.12 0.82
            0.1 0.9 0.8 1 0.9 0.8 1 0.9 0.8 0.2
            1 0.9 0.8 1 0.9 0.8 1 0.9 0.8 0.8
            0.9 0.9 0.9 0.9 0.9 0.9 0.9 0.9 0.9 0.7
            0.2 0.23 0.56 0.2 0.23 0.56 0.2 0.23 0.56 0.88
            0.56 0.2 0.23 0.56 0.88 0.56 0.2 0.23 0.56 0.88
            0.37 0.99 0.12 0.82 0.47 0.37 0.99 0.12 0.82 0.47
            0.82 0.47 0.37 0.99 0.12 0.82 0.47 0.37 0.99 0.12
            0.37 0.99 0.12 0.82 0.472 0.373 0.99 0.12 0.82 0.47
            0.472 0.373 0.99 0.12 0.82 0.472 0.373 0.99 0.12 0.82
            0.56 0.88 0.56 0.2 0.23 0.373 0.99 0.12 0.82 0.472
            0.472 0.373 0.99 0.12 0.82 0.82 0.472 0.373 0.99 0.33

            結果:0.740
            posted on 2009-07-19 17:13 wyiu 閱讀(450) 評論(1)  編輯 收藏 引用 所屬分類: POJ
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