|
|
2010年8月19日
f(n) 是正整數(shù)n 的各位數(shù)字之和。如果 f(n) 是1位數(shù)那么n的數(shù)根就是f(n)，否則f(n) 的數(shù)根就是n 的數(shù)根。舉例說明：987的數(shù)根是6 (9+8+7=24 2+4=6)。你的任務(wù)是找出這樣表達(dá)式的數(shù)根: A1*A2*…*AN + A1*A2*…*AN-1 + … + A1*A2 + A1。
輸入包含K個(gè)測試樣例。輸入第一行會(huì)給出 K (1<=K<=5)。每個(gè)測試樣例占一行。這一行的第一個(gè)數(shù)是一個(gè)正整數(shù)N (N<=1000)。 接著是N個(gè)非負(fù)整數(shù) (序列 A)。 均不超過109。
數(shù)根(百度知道): http://zhidao.baidu.com/question/29789035.html對(duì)于求余數(shù)的問題是我一開始就忽略了的地方，后來看了HPF的博客，才知道有這樣的技巧: (A+B)mod C = (A mod C) + (B mod C) (AB) mod C = (A mod C) × (B mod C) C編譯器 , 0MS 0KB , 如果你把前兩句定義變量的語句對(duì)調(diào)，將會(huì)耗費(fèi) 20MS 的時(shí)間
#include <stdio.h>
int main()
{
int i=0,j,K,N,temp,m;
long int A;
scanf("%d",&K);
for (; i<K; i++) {
scanf("%d",&N);
m=1;
A=0;
for (j=0; j<N; j++) {
scanf("%d",&temp);
temp%=9;
m=(m*temp)%9;
A=(A+m)%9;
}
printf("%d\n",(A+8)%9+1);
}
return 0;
}
下面的代碼沒有AC，沒有AC的原因是 PE on test 8, 注意，是第八組。我難以理解， 希望大牛們指教！
#include <iostream>
#include <stdio.h>
using namespace std;
int main()
{
__int64 x,left,right,mid;
scanf("%I64d",&x);
left=0;
right=x+1;
while ((left+1)<right) // 二分查找
{
mid=(left+right)/2;
if(mid*mid<=x)
left=mid;
else
right=mid;
}
printf("%I64d",left);
return 0;
}
2010年8月18日
唉，半年沒有切題的后果就是這道水題寫了整整3個(gè)小時(shí)。。。 題目的要求是輸入若干組顏色數(shù)據(jù)，前16組是目標(biāo)組，后面剩下的都是用來嘗試與其映射的，用后面與前面的一次匹配，各循環(huán)16次，各自最小的D的相應(yīng)映射組就是我們要的結(jié)果。 C++ 編譯器 ，220K 0MS
#include<iostream>
#include<climits> // 為第一組數(shù)據(jù)運(yùn)算做的約束
using namespace std;
int RGB[16][3],in[3],out[3]; // in 用來接收數(shù)據(jù), out 用來暫存映射正確的數(shù)據(jù)
int main(){
for (int i=0; i<16; i++) // 輸入的數(shù)據(jù)中前16組是 target set
cin>>RGB[i][0]>>RGB[i][1]>>RGB[i][2];
while (1) {
cin>>in[0]>>in[1]>>in[2]; // 開始接收映射組
if (in[0] == -1) break;
int MIN=INT_MAX; // 2147483647
for (int i=0; i<16; i++) {
int sum=(RGB[i][0]-in[0])*(RGB[i][0]-in[0])+
(RGB[i][1]-in[1])*(RGB[i][1]-in[1])+
(RGB[i][2]-in[2])*(RGB[i][2]-in[2]); // 不需要開方，開方易產(chǎn)生誤差
if (sum < MIN) {
out[0]=RGB[i][0];
out[1]=RGB[i][1];
out[2]=RGB[i][2];
MIN=sum; // 最小的即映射成功
}
}
cout<<"("<<in[0]<<","<<in[1]<<","<<in[2]<<") maps to ("
<<out[0]<<","<<out[1]<<","<<out[2]<<")"<<endl;
}
return 0;
}
有一點(diǎn)要說明的是<limits.h>頭文件，建議MSDN一下，你會(huì)發(fā)現(xiàn)很多有用的常量，拿來就能用。
2010年8月17日
我覺得有必要把它翻譯一下，然后就會(huì)發(fā)現(xiàn)考得其實(shí)是數(shù)學(xué)，你在google 翻譯上是得不到如下翻譯的：
Description
考慮下面的交流電路。我們將假定電路在穩(wěn)態(tài)。因此，節(jié)點(diǎn)1的電壓和節(jié)點(diǎn)2的電壓分別是v1 = VS coswt 和 v2 = VRcos (wt + q),其中Vs是電源電壓，w是頻率(弧度每秒)，t是時(shí)間。VR是電阻R兩端電壓下降的幅度，q是它的相位。
你需要寫一個(gè)程序，以確定不同的w對(duì)應(yīng)的VR值。您將需要兩個(gè)電學(xué)定律來解決這個(gè)問題。第一
個(gè)是是歐姆定律，表述為V2 = iR，其中i是在電路順時(shí)針流向的電流大小。
第二個(gè)是i = C d/dt (v1-v2)，i與電容器兩板上的電壓有關(guān)。"d/dt" 意為求關(guān)于t的求導(dǎo)。
Input
輸入包括一行或多行。第一行包括三個(gè)實(shí)數(shù)和一個(gè)非負(fù)整數(shù)。實(shí)數(shù)按順序是VS，R，C。
整數(shù)n是測試用例的個(gè)數(shù)。接下來的n行就是輸入，要求一行一個(gè)實(shí)數(shù)，代表w的值。
Output
輸出n行的VR值，注意，結(jié)果精確到小數(shù)點(diǎn)后三位。
下面需要推導(dǎo)一下求VR的公式：
V2=iR=CR d/dt (VS*cos(wt)-VR*cos(wt+q))=VRcos(wt+q)
= CR w (sin(wt+q)-sin(wt))=VRcos(wt+q)
下面用到高中數(shù)學(xué)當(dāng)中的計(jì)算方法，分別令 t=0 和 wt+q=0 ，得到 CRw tan b = 1 和 VR=CRw VS sin b ，
然后利用三角函數(shù)中的萬能公式，求得 ：VR = CRw VS / sqrt (1+ (CRw) ^ 2 ))
 // C 編譯器:
#include <stdio.h>
#include <math.h>
int main()
   {
 int i=0,n;
double VR,VS,R,C,w;
scanf("%lf%lf%lf%d",&VS,&R,&C,&n);
for (; i<n; i++)
  {
scanf("%lf",&w);
VR=C*R*w*VS / sqrt(1+C*C*R*R*w*w);
printf("%.3lf\n",VR);
 }
return 0;
 }注意 , 用 double
#include <iostream>
#include <string>
using namespace std;
int main()
{
int a[200],b[200],c[400]={0},i,j,ls1,ls2;
string s;
for (cin>>s,ls1=s.length(),i=ls1-1,j=0; i>=0; i--)
a[j++]=s[i]-'0'; //將第一個(gè)數(shù)逆序放入a數(shù)組
for (cin>>s,ls2=s.length(),i=ls2-1,j=0; i>=0; i--)
b[j++]=s[i]-'0'; //將第二個(gè)數(shù)逆序放入b數(shù)組
for (i=0; i<ls1; i++)
for (j=0; j<ls2; j++)
{
c[i+j] += a[i]*b[j];
if(c[i+j] >= 10)
{
c[i+j+1] += c[i+j]/10;
c[i+j] %= 10;
}
}
i=399;
while (i--)
if (c[i]) break; //跳過所有前導(dǎo)0
for (; i>=0; i--)
printf("%d",c[i]); //輸出主體部分
return 0;
}
#include <iostream>
#include <string>
using namespace std;
int main()
{
int a[201]={0},b[200]={0},i,j,len,ls1,ls2,f=0; // 相加后結(jié)果放在a內(nèi)
string s;
for (cin>>s,ls1=s.length(),i=ls1-1,j=0; i>=0; i--)
a[j++]=s[i]-'0'; //將第一個(gè)數(shù)逆序放入a數(shù)組
for (cin>>s,ls2=s.length(),i=ls2-1,j=0; i>=0; i--)
b[j++]=s[i]-'0'; //將第二個(gè)數(shù)逆序放入b數(shù)組
for (i=0,len=ls1>ls2?ls1:ls2; i<len; i++) // 注意len取二者較大的值
{
a[i] += b[i]; //相加結(jié)果放入a數(shù)組
if (a[i] >= 10)
{
a[i] %= 10; //進(jìn)位處理
a[i+1]++;
}
}
if (a[len]) printf("%d",a[len]); //所謂的前導(dǎo)0
for (i=len-1; i>=0; i--)
printf("%d",a[i]); //輸出主體部分
return 0;
}
- 題目描述
- 某校大門外長度為L的馬路上有一排樹，每兩棵相鄰的樹之間的間隔都是1米。我們可以把馬路看成一個(gè)數(shù)軸，馬路的一端在數(shù)軸0的位置，另一端在L的位置；數(shù)軸上的每個(gè)整數(shù)點(diǎn)，即0，1，2，……，L，都種有一棵樹。
馬路上有一些區(qū)域要用來建地鐵，這些區(qū)域用它們在數(shù)軸上的起始點(diǎn)和終止點(diǎn)表示。已知任一區(qū)域的起始點(diǎn)和終止點(diǎn)的坐標(biāo)都是整數(shù)，區(qū)域之間可能有重合的部分?，F(xiàn)在要把這些區(qū)域中的樹（包括區(qū)域端點(diǎn)處的兩棵樹）移走。你的任務(wù)是計(jì)算將這些樹都移走后，馬路上還有多少棵樹。
- 輸入
- 輸入的第一行有兩個(gè)整數(shù)L（1 <= L <= 10000）和 M（1 <= M <= 100），L代表馬路的長度，M代表區(qū)域的數(shù)目，L和M之間用一個(gè)空格隔開。接下來的M行每行包含兩個(gè)不同的整數(shù)，用一個(gè)空格隔開，表示一個(gè)區(qū)域的起始點(diǎn)和終止點(diǎn)的坐標(biāo)。
- 輸出
- 輸出包括一行，這一行只包含一個(gè)整數(shù)，表示馬路上剩余的樹的數(shù)目。
- 樣例輸入
-
500 3
150 300
100 200
470 471
- 樣例輸出
-
298
基本思路：將所有的樹做標(biāo)記，移走則標(biāo)記為0，存在標(biāo)記為1.由于不好判斷給定數(shù)目是多少，故用向量。效率雖然不高，但是可以AC。
#include <iostream>
#include <vector>
using namespace std;
int main()
{
int L,M,i=0,j,start,end,count=0;
scanf("%d%d",&L,&M);
vector<int> Mark(L+1,1);
for (; i<M; i++)
{
scanf("%d%d",&start,&end);
for (j=start; j<=end; j++)
Mark[j]=0;
}
for (i=0; i<=L; i++)
if (Mark[i]==1)
count++;
printf("%d\n",count);
return 0;
}
Description
輸入一個(gè)2進(jìn)制的數(shù)，要求輸出該2進(jìn)制數(shù)的16進(jìn)制表示。
在16進(jìn)制的表示中，A-F表示10-15
Input
第1行是測試數(shù)據(jù)的組數(shù)n，后面跟著n行輸入。每組測試數(shù)據(jù)占1行，包括一個(gè)以0和1組成的字符串，字符串長度至少是1，至多是10000
Output
n行，每行輸出對(duì)應(yīng)一個(gè)輸入。
Sample Input
2
100000
111
Sample Output
20
7
09小孩問我的一道題，原來寫的代碼足足有90多行，今天重寫：
#include <iostream>
#include <string>
using namespace std;
int main()
{
int n,pos,sec,i,j,w[4] = {1,2,4,8}; //sec是分段處理,pos是對(duì)應(yīng)權(quán)值位置
char x[17] = "0123456789ABCDEF"; //打表
string bin; //輸入的二進(jìn)制字符串
cin>>n;
while (n--)
{
cin>>bin;
sec=bin.length()%4;
pos=0;
for (i=sec; i>0; i--)
if (bin[sec-i]=='1')
pos += w[i-1];
if (sec) printf("%c",x[pos]);
for (i=sec; i<bin.length(); i+=4)
{
pos=0;
for (j=0; j<4; j++)
if (bin[i+j]=='1')
pos += w[3-j];
printf("%c",x[pos]);
}
printf("\n");
}
return 0;
}
Description
你的一個(gè)朋友買了一臺(tái)電腦。他以前只用過計(jì)算器，因?yàn)殡娔X的顯示器上顯示的數(shù)字的樣子和計(jì)算器是不一樣，所以當(dāng)他使用電腦的時(shí)候會(huì)比較郁悶。為了幫助他，你決定寫一個(gè)程序把在電腦上的數(shù)字顯示得像計(jì)算器上一樣。
Input
輸入包括若干行，每行表示一個(gè)要顯示的數(shù)。每行有兩個(gè)整數(shù)s和n (1 <= s <= 10, 0 <= n <= 99999999)，這里n是要顯示的數(shù)，s是要顯示的數(shù)的尺寸。
如果某行輸入包括兩個(gè)0，表示輸入結(jié)束。這行不需要處理。
Output
顯示的方式是：用s個(gè)'-'表示一個(gè)水平線段，用s個(gè)'|'表示一個(gè)垂直線段。這種情況下，每一個(gè)數(shù)字需要占用s+2列和2s+3行。另外，在兩個(gè)數(shù)字之間要輸出一個(gè)空白的列。在輸出完每一個(gè)數(shù)之后，輸出一個(gè)空白的行。注意：輸出中空白的地方都要用空格來填充。
Sample Input
2 12345
3 67890
0 0
Sample Output
-- -- --
| | | | | |
| | | | | |
-- -- -- --
| | | | |
| | | | |
-- -- --
--- --- --- --- ---
| | | | | | | |
| | | | | | | |
| | | | | | | |
--- --- ---
| | | | | | | |
| | | | | | | |
| | | | | | | |
--- --- --- ---
Hint
數(shù)字(digit)指的是0，或者1，或者2……或者9。
數(shù)(number)由一個(gè)或者多個(gè)數(shù)字組成。
這題橫跨我一個(gè)學(xué)期之久，后來無奈還是百度了一下：
#include <iostream>
using namespace std;
char n1[] = "- -- -----";
char n2[] = "| ||| ||";
char n3[] = "||||| |||";
char n4[] = " ----- --";
char n5[] = "| | | | ";
char n6[] = "|| |||||||";
char n7[] = "- -- -- --";
int main()
{
int m;
char n[10];
cin>>m>>n;
while ((n[0]-'0')||m)
{
int len = strlen(n);
for (int i=0;i<len;i++)
{
cout<<" ";
int num = n[i]-'0';
for (int j=0;j<m;j++)
{
cout<<n1[num];
}
cout<<" ";
}
cout<<endl;
int temp = m;
while (temp--)
{
for (int i=0;i<len;i++)
{
int num = n[i]-'0';
cout<<n2[num];
for (int j=0;j<m;j++)
{
cout<<" ";
}
cout<<n3[num];
cout<<" ";
}
cout<<endl;
}
for (int i=0;i<len;i++)
{
cout<<" ";
int num = n[i]-'0';
for (int j=0;j<m;j++)
{
cout<<n4[num];
}
cout<<" ";
}
cout<<endl;
temp = m;
while (temp--)
{
for (int i=0;i<len;i++)
{
int num = n[i]-'0';
cout<<n5[num];
for (int j=0;j<m;j++)
{
cout<<" ";
}
cout<<n6[num];
cout<<" ";
}
cout<<endl;
}
for (int i=0;i<len;i++)
{
cout<<" ";
int num = n[i]-'0';
for (int j=0;j<m;j++)
{
cout<<n7[num];
}
cout<<" ";
}
cout<<endl<<endl;
cin>>m>>n;
}
return 0;
}
我想，第一次做出來這題的人真是了不起！
|